Sim, quase com certeza. Xn→0O argumento que tenho é um pouco complicado, então tenha paciência comigo.
Primeiro, considere os eventos . Pela convergência quase certa de , segue-se que , e desde , temos . Portanto, basta mostrar que como dentro de , para qualquer .Fk=⋃n≥k{Cn>2}CnP(⋂kFk)=0F1⊇F2⊇⋯P(Fk)→0Xn→0Fckk
Agora corrija um um . Usando a notação para representar , temos para
Esse é o tipo da parte principal. (Observe também que usamos a não-negatividade de na primeira etapa, para passar de para o evento maior ) A partir daqui, precisamos apenas de alguns argumentos teóricos de medidas razoavelmente comuns.kε>0E[X;A]E[X1A]n≥k
E[Xn;Fck]≤E[Xn;Cn≤2]=E[E(Xn|Cn);Cn≤2]=E[Cn/n2;Cn≤2]≤2/n2.
XnFckCn≤2
O limite acima, juntamente com a não-negatividade de , implica que
(para ), para que
XnP(Fck∩{Xn>ε})≤2n2εn≥k
∑n≥kP(Fck∩{Xn>ε})<∞.
Pelo lema de Borel-Cantelli, agora podemos dizer que o evento
tem probabilidade zero. Como era arbitrário, isso leva como em .
Fck∩{Xn>εfor infinitely many n}
εXn→0Fck
Defina . Então e . Pela desigualdade de Markov, que possui soma finita, então por Borel Cantelli, e quase certamente.Zn=Xn/Cn E[Zn]=1/n2 Zn≥0 P(Zn>ϵ)≤E[Zn]/ϵ=1/(n2ϵ) P(Zn>ϵ infinitely often)=0 Zn→0
Se quase certamente e quase certamente, quase certamente.Zn→0 Cn→1 Xn=ZnCn→0
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